十分钟搞定时间复杂度（算法的时间复杂度，未完）

假设计算机运行一行基础代码需要执行一次运算。

上面这个需要执行 2 次运算

intaFunc(intn) {for(inti =0; i

这个方法需要 (n + 1 + n + 1) = 2n + 2 次运算。

我们把算法需要执行的运算次数用输入大小n 的函数表示，即 T(n) 。

此时为了估算算法需要的运行时间和简化算法分析，我们引入时间复杂度的概念。

定义：存在常数 c 和函数 f(N)，使得当 N >= c 时 T(N) <= f(N)，表示为 T(n) = O(f(n)) 。

如图：

当 N >= 2 的时候，f(n) = n^2 总是大于 T(n) = n + 2 的，于是我们说 f(n) 的增长速度是大于或者等于 T(n) 的，也说 f(n) 是 T(n) 的上界，可以表示为 T(n) = O(f(n))。

因为f(n) 的增长速度是大于或者等于 T(n) 的，即T(n) = O(f(n))，所以我们可以用 f(n) 的增长速度来度量 T(n) 的增长速度，所以我们说这个算法的时间复杂度是 O(f(n))。

算法的时间复杂度，用来度量算法的运行时间，记作: T(n) = O(f(n))。它表示随着输入大小n 的增大，算法执行需要的时间的增长速度可以用 f(n) 来描述。

显然如果 T(n) = n^2，那么 T(n) = O(n^2)，T(n) = O(n^3)，T(n) = O(n^4) 都是成立的，但是因为第一个 f(n) 的增长速度与 T(n) 是最接近的，所以第一个是最好的选择，所以我们说这个算法的复杂度是 O(n^2) 。

那么当我们拿到算法的执行次数函数 T(n) 之后怎么得到算法的时间复杂度呢？

我们知道常数项对函数的增长速度影响并不大，所以当 T(n) = c，c 为一个常数的时候，我们说这个算法的时间复杂度为 O(1)；如果 T(n) 不等于一个常数项时，直接将常数项省略。

比如

第一个 Hello, World 的例子中 T(n) = 2，所以我们说那个函数(算法)的时间复杂度为 O(1)。

T(n) = n + 29，此时时间复杂度为 O(n)。

我们知道高次项对于函数的增长速度的影响是最大的。n^3 的增长速度是远超 n^2 的，同时 n^2 的增长速度是远超 n 的。同时因为要求的精度不高，所以我们直接忽略低此项。

比如

T(n) = n^3 + n^2 + 29，此时时间复杂度为 O(n^3)。

因为函数的阶数对函数的增长速度的影响是最显著的，所以我们忽略与最高阶相乘的常数。

比如

T(n) = 3n^3，此时时间复杂度为 O(n^3)。

综合起来：如果一个算法的执行次数是 T(n)，那么只保留最高次项，同时忽略最高项的系数后得到函数 f(n)，此时算法的时间复杂度就是 O(f(n))。为了方便描述，下文称此为大O推导法。

由此可见，由执行次数 T(n) 得到时间复杂度并不困难，很多时候困难的是从算法通过分析和数学运算得到 T(n)。对此，提供下列四个便利的法则，这些法则都是可以简单推导出来的，总结出来以便提高效率。

对于一个循环，假设循环体的时间复杂度为 O(n)，循环次数为 m，则这个

循环的时间复杂度为 O(n×m)。

voidaFunc(intn) {for(inti =0; i < n; i++) {// 循环次数为 nprintf("Hello, World!\n");// 循环体时间复杂度为 O(1)}}

此时时间复杂度为 O(n × 1)，即 O(n)。

对于多个循环，假设循环体的时间复杂度为 O(n)，各个循环的循环次数分别是a, b, c...，则这个循环的时间复杂度为 O(n×a×b×c...)。分析的时候应该由里向外分析这些循环。

voidaFunc(intn) {for(inti =0; i < n; i++) {// 循环次数为 nfor(intj =0; j < n; j++) {// 循环次数为 nprintf("Hello, World!\n");// 循环体时间复杂度为 O(1)} }}

此时时间复杂度为 O(n × n × 1)，即 O(n^2)。

对于顺序执行的语句或者算法，总的时间复杂度等于其中最大的时间复杂度。

voidaFunc(intn){// 第一部分时间复杂度为 O(n^2)for(inti =0; i < n; i++) {for(intj =0; j < n; j++) {printf("Hello, World!\n"); } }// 第二部分时间复杂度为 O(n)for(intj =0; j < n; j++) {printf("Hello, World!\n"); }}

此时时间复杂度为 max(O(n^2), O(n))，即 O(n^2)。

对于条件判断语句，总的时间复杂度等于其中时间复杂度最大的路径的时间复杂度。

voidaFunc(intn){if(n >=0) {// 第一条路径时间复杂度为 O(n^2)for(inti =0; i < n; i++) {for(intj =0; j < n; j++) {printf("输入数据大于等于零\n"); } } }else{// 第二条路径时间复杂度为 O(n)for(intj =0; j < n; j++) {printf("输入数据小于零\n"); } }}

此时时间复杂度为 max(O(n^2), O(n))，即 O(n^2)。

时间复杂度分析的基本策略是：从内向外分析，从最深层开始分析。如果遇到函数调用，要深入函数进行分析。

最后，我们来练习一下

一. 基础题

求该方法的时间复杂度

void aFunc(int n) {for(int i =0; i < n; i++) {for(int j = i; j < n; j++) { printf("Hello World\n"); } }}

参考答案：

当 i = 0 时，内循环执行 n 次运算，当 i = 1 时，内循环执行 n - 1 次运算……当 i = n - 1 时，内循环执行 1 次运算。

所以，执行次数 T(n) = n + (n - 1) + (n - 2)……+ 1 = n(n + 1) / 2 = n^2 / 2 + n / 2。

根据上文说的大O推导法可以知道，此时时间复杂度为 O(n^2)。

二. 进阶题

求该方法的时间复杂度

void aFunc(int n) {for(int i =2; i < n; i++) { i *=2; printf("%i\n", i); }}

参考答案：

假设循环次数为 t，则循环条件满足 2^t < n。

可以得出，执行次数t = log(2)(n)，即 T(n) = log(2)(n)，可见时间复杂度为 O(log(2)(n))，即 O(log n)。

三. 再次进阶

求该方法的时间复杂度

long aFunc(int n) {if(n <=1) {return1; }else{returnaFunc(n -1) + aFunc(n -2); }}

参考答案：

显然运行次数，T(0) = T(1) = 1，同时 T(n) = T(n - 1) + T(n - 2) + 1，这里的 1 是其中的加法算一次执行。

显然 T(n) = T(n - 1) + T(n - 2) 是一个斐波那契数列，通过归纳证明法可以证明，当 n >= 1 时 T(n) < (5/3)^n，同时当 n > 4 时 T(n) >= (3/2)^n。

所以该方法的时间复杂度可以表示为 O((5/3)^n)，简化后为 O(2^n)。

可见这个方法所需的运行时间是以指数的速度增长的。如果大家感兴趣，可以试下分别用 1，10，100 的输入大小来测试下算法的运行时间，相信大家会感受到时间复杂度的无穷魅力。