习题八

习题八

1

p 是奇素数,g 是模 p 的一个原根. 求 -g 对于模 p 的阶.

Sol:
\because g 是模 m 的一个原根
\therefore g^{p-1}\equiv 1\pmod{p}
p 是奇素数,\Rightarrow p-1 为偶数
\therefore (-g)^{p-1}\equiv1\pmod{p}


2

p 是奇素数. 证明:模 p 的任意两个原根之积不是模 p 的原根.

Sol:
任取模 p 的两个原根 m,n,则 m^{p-1}\equiv1\pmod{p},\;n^{p-1}\equiv1\pmod{p}
\therefore m^{\frac{p-1}2}\equiv-1\pmod{p},\;n^{\frac{p-1}{2}}\equiv-1\pmod{p}
\therefore(mn)^{\frac{p-1}{2}}\equiv1\pmod{p}
\therefore mn 不是模 p 的原根.


4

p 是奇素数,用模 p 存在原根来证明威尔逊定理.

Sol:
因为 p 是奇素数
\therefore p 存在原根 g. 且 g,g^2,\cdots,g^{p-1} 构成模 p 的一个缩系
\therefore (p-1)!\equiv g\cdot g^2\cdots g^{p-1}\equiv g^{\frac{p(p-1)}{2}}\equiv(g^{p-1})^{\frac{p-1}{2}}\cdot g^{\frac{p-1}{2}}
g^{p-1}\equiv1\pmod{p}
\therefore g^{\frac{p-1}{2}}\equiv-1\pmod{p}
\therefore (p-1)!\equiv(g^{p-1})^{\frac{p-1}{2}}\cdot g^{\frac{p-1}{2}}\equiv-1\pmod{p}
(p-1)!\equiv-1\pmod{p}


7

n,a 都是正整数且 a>1 ,证明:n|\varphi(a^n-1).

Sol:
容易看出
a^n\equiv1\pmod{a^n-1}
n 是满足上同余式的最小整数
又由欧拉定理得
a^{\varphi(a^n-1)}\equiv1\pmod{a^n-1}
\therefore n|\varphi(a^n-1)


8

n>1,证明:n\not|\;(2^n-1)

Sol:
n|(2^n-1),则 n 为奇数,设 pn 最小的素因子,则 p 为奇素数.
\therefore 由费马定理 2^{p-1}\equiv1\pmod{p}p|2^{p-1}-1
p|(2^n-1)
\therefore |(2^n-1,2^p-1)
\because(n,p-1)=1
\therefore(2^p-1,2^n-1)=2^1-1=1
\therefore p|1 显然矛盾
\therefore n\not|\;(2^n-1)

整数与多项式-【目录】

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